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物 理
第1問 図1—1のように,十分に長いベルトをもつベルトコンベアをベルトと床とのなす角が θ ( 0 < θ < π 2 ) となるように水平な床に固定する。ベルトのなす斜面に沿った x 軸を斜面上向きが正になるようにとる。x 軸は常に床に対して静止している。このベルト上の物体の運動を考える。物体Aの質量は m である。また,ベルトと物体Aとの間の静止摩擦係数は μ ,動摩擦係数は μ ′ である。物体は x 軸方向にのみ運動し,回転しないものとする。特に断りの無い限り,物体の座標や速度はこの x 軸に対して定義する。重力加速度を g とし,物体の大きさや空気抵抗は無視してよい。
Ⅰ はじめに図1—2のように,θ = θ 1 とし,ベルトが静止しているときの物体Aの運動を考える。x = 0 において物体Aに初速度 v 0 ( v 0 > 0 ) を与えたところ,物体Aは斜面に沿って上昇した後,再び x = 0 に戻った。
(1) 物体Aが最高点に到達したときの x 座標を求めよ。
(2) 物体Aが x = 0 に戻ったときの速度を μ ′ ,v 0 ,θ 1 ,m ,g のうち必要なものを用いて表せ。
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図1—1
図1—2
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Ⅱ 次に,図1—3のように θ = θ 2 とし,一定の速度 V ( V > 0 ) でベルトが動いているときの物体Aの運動を考える。
(1) 時刻 t = 0 に物体Aを初速度 0 でベルトにおいたところ,物体Aは斜面上向きに移動し始めた。物体Aの速度を時刻 t ( t > 0 ) の関数として表せ。
(2) x = 0 において物体Aに初速度 − v 0 ( 0 < v 0 < V ) を与えたところ,物体Aは斜面に沿って下降した後,再び x = 0 に戻った。物体Aが x = 0 に戻ったときの速度を求めよ。
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図1—3
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Ⅲ 図1—4のように θ = θ 3 とし,ばね定数 k のばねでつながれた物体Aと物体Bをベルト上におく。物体Aは物体Bより常に高い位置にある。ベルトは一定の速度 V ( V > 0 ) で動いている。物体Bの質量は m で,物体Bとベルトとの間に摩擦はない。ばねは均質であり,ばねの質量は無視できる。
ばねを自然長から長さ d 0 だけ伸ばした状態で,物体Aおよび物体Bを速度 0 でベルトにおいたところ,二つの物体は x 軸に対して静止し続けた。
(1) d 0 を V ,θ 3 ,m ,g ,k のうち必要なものを用いて表せ。
(2) μ ′ を V ,θ 3 ,m ,g ,k のうち必要なものを用いて表せ。
次に物体Bの速度を 0 から V に瞬間的に変えた。この時刻を t = 0 とする。物体Aは時刻 t 1 ( t 1 > 0 ) にはじめてベルトと同じ速度になった。物体Aおよび物体Bの速度をそれぞれ v A および v B とする。
(3) 時刻 t ( 0 < t < t 1 ) における物体Aと物体Bの重心Gの速度 v G = v A + v B 2 を t ,V ,θ 3 ,m ,g ,k のうち必要なものを用いて表せ。
(4) 時刻 t ( 0 < t < t 1 ) における物体Aおよび物体Bの運動は,重心Gから見るとそれぞれ単振動とみなせる。このことを用いて 0 < t < t 1 における v B および t 1 を,それぞれ t ,V ,θ 3 ,m ,g ,k のうち必要なものを用いて表せ。ここで,重心Gから物体Aおよび物体Bまでの距離がともに d だけ減少すると,物体Aがばねから受ける力は 2 k d 変化することを用いてもよい。
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時刻 t 1 以降,物体Aはベルトに対して静止し続けた。
(5) 時刻 t ( t > t 1 ) における v B を t ,V ,θ 3 ,m ,g ,k のうち必要なものを用いて表せ。
(6) 物体Aがベルトに対して静止し続けるために μ が満たすべき条件を,V ,θ 3 ,m ,g ,k のうち必要なものを用いて表せ。
図1—4
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第2問 固体中に電荷が固定された物体をエレクトレットと呼ぶ。エレクトレットは振動のエネルギーを電気エネルギーとして取り出す振動発電などの分野で利用されている。以下では,電荷を帯びた金属板が誘電体中に固定された物体をエレクトレットのモデルとする。
図2—1のような装置を考える。水平な床の上に幅と奥行きが L で厚さの無視できる正方形の金属板(下電極)を固定した。その上に幅と奥行きが L で厚さが 2 d の直方体の形状で,中央に金属板が埋めこまれた誘電体を固定した。埋めこまれた金属板は幅と奥行きが L で厚さが無視でき,一定の電荷 − Q を帯びている。誘電体の誘電率は ε である。上端を固定したばね定数 k の絶縁体のばねを用いて,幅と奥行きが L で厚さの無視できる質量 m の金属板(上電極)を誘電体の直上に吊り下げた。すべての金属板と誘電体は上方から見て重なっている。上電極は誘電体と平行を保ちながら上下方向に動かすことができる。上電極と下電極は抵抗とスイッチを介して導線でつながれている。この装置は真空中に置かれている。真空の誘電率は ε 0 である。重力加速度を g とする。
上電極の位置を表すために,誘電体の上面からわずかに上の位置を z = 0 にとり,鉛直上向きに z 軸をとる。上電極の位置が z = 0 のとき,上電極と誘電体上面の距離は無視できるほど小さい。電荷は,導線を介して上電極と下電極の間でのみ移動する。
初期条件で,図2—1のようにスイッチは開いており,下電極は電荷 + Q を帯びていた。上電極は電荷を帯びておらず,つりあいの位置 z = h 0 で静止していた。
これらの金属板で作られたコンデンサーを含む回路について,以下の設問に答えよ。ただし,金属板の面積は十分に大きく,端の効果は無視できるものとする。上電極につながれた導線は上電極の運動には影響しない。電荷の移動や金属板の振動に伴う電磁波の発生は無視できる。
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図2—1
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Ⅰ はじめ,図2—1に示したように下電極は + Q の電荷を帯びており,スイッチは開いている。上電極はつりあいの位置 z = h 0 にあり,電荷を帯びていない。
(1) 誘電体に埋め込まれた金属板の電位を求めよ。下電極を電位の基準(電位 0 )とする。
次に,図2—2(ア)のように,上電極を z = 0 の位置に固定し,スイッチを閉じた。十分長い時間が経過すると,上電極の電荷は一定になった。
(2) 上電極の電荷を求めよ。
続いて図2—2(イ)のように,スイッチを開いた後,上電極に外力を加え,ある位置までゆっくり移動させた。その位置で上電極を自由に動くようにしたところ,図2—2(ウ)のように静止したままであった。
(3) 上電極の z 座標を求めよ。
(4) 上電極の電位を求めよ。下電極を電位の基準(電位 0 )とする。
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図2—2
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Ⅱ 次に,図2—3(ア)→(イ)→(ウ)→…→(キ)→(ア)で示される順に上電極を動かしながらスイッチを開閉したときの電荷の移動や抵抗の発熱を調べよう。
図2—3(ア)のように上電極を z = 0 に移動し,スイッチを閉じた。十分に長い時間が経過し,上電極の電荷は一定になった。次に,図2—3(イ)のようにスイッチを開き,上電極を自由に動くようにしたところ,上方向に加速度運動をはじめた。上電極は図2—3(ウ)のように z = h 1 まで上昇し速度が 0 になった。その位置で上電極がそれ以上動かないように固定した。
(1) h 1 を求めよ。
図2—3(エ)のようにスイッチを閉じたところ抵抗に電流が流れ発熱した。十分長い時間ののち発熱はやみ,上電極の電荷量が一定の値 Q 10 となった。
(2) スイッチを閉じている間の抵抗の発熱量の合計を,h 0 ,k を用いず h 1 を含む式で答えよ。
図2—3(オ)のように上電極におもりをのせてスイッチを開き,上電極が自由に動くようにしたところ,上電極は下降を始め,誘電体に衝突することなく速度が 0 になった。図2—3(カ)のように,最低点は z = 0 であった。その位置で上電極がそれ以上動かないように固定した。
(3) おもりの質量を求めよ。
図2—3(キ)のようにおもりを取り除いてスイッチを閉じたところ抵抗に電流が流れ発熱した。十分に長い時間の後に発熱はやみ,図2—3(ア)に示されるはじめの状態に戻った。
(4) 図2—3で示される1サイクルについて,抵抗の発熱量の合計を,h 0 ,k を用いず h 1 を含む式で答えよ。
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図2—3
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第3問 音波に関する以下の設問に答えよ。空気中の音速を V とし,風の影響は無視せよ。
Ⅰ x 軸正負の方向に音波を発生する音源が,一定の速さ v s ( v s < V ) で x 軸上を正の向きに運動している。音源の振動数は f 0 で一定である。時刻 t = 0 に音源は x = 0 の原点Oを通過した。音源の大きさは無視できる。
図3—1のように,x = L の点をPとする。ただし,L > 0 とする。時刻 t = 0 に音源で発生した音波が点Pに到達する時刻を t 1 とする。
(1) 時刻 t 1 に音源で発生した音波が点Pに到達する時刻を f 0 ,v s ,V ,L のうち必要なものを用いて表せ。
(2) 点Pでの音波の位相が 2 π だけ変化するために要する時間を f 0 ,v s ,V ,L のうち必要なものを用いて表せ。
続いて,図3—2のように,反射板を点Pに置く。音源から直接届く音波と反射板で反射されて届く音波の干渉によりうなりが生じる。
(3) 観測者が音源とともに運動する場合を考える。観測者と音源の距離は小さく,観測者は音源と同じ位置にいるとしてよい。音源が反射板に到達するまでの間に観測されるうなりの振動数(うなりの周期の逆数)を f 0 ,v s ,V ,L のうち必要なものを用いて表せ。
(4) 観測者が x = L 2 の点Qに静止している場合を考える。ある時刻にうなりが観測され始めた。うなりが観測され始める時刻と,観測されるうなりの振動数をそれぞれ f 0 ,v s ,V ,L のうち必要なものを用いて表せ。ただし,音源が原点Oを通過するとき,反射板で反射された音波は原点Oに到達しているものとする。また,音源の運動は観測者に影響されることはなく,音波は音源や観測者に遮られない。
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図3—1
図3—2
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Ⅱ 音源から出る音波の振動数が時刻 t によって変化する場合を考える。音源は原点Oに静止している。反射板は x 軸上を運動できる。音源の大きさは無視できる。
音源から,0 < t < T の間だけ振動数が図3—3(A)や図3—3(B)のように時間変化する音波を発生させる。時刻 t ( 0 < t < T ) におけるそれぞれの振動数は,f 1 を正の定数として,( 2 − t T ) f 1 と ( 1 + t T ) f 1 で与えられる。ただし,T は 1 f 1 と比べて十分大きいとする。
音源から直接届く音波と反射されて届く音波の干渉によるうなりを,音源のすぐ近くで観測する。観測を行う位置と音源の距離は十分小さく,無視できる。このうなりの観測を用いて,反射板の位置や速度を計測することを考える。なお,音源で発生する音波は,反射板で反射された後,音波の周期より十分長く T よりも十分短い時間で,音源の位置に達するとする。
(1) 振動数が図3—3(A)のように時間変化する音波を音源から発生させる。図3—4のように反射板は位置 x = L 0 に静止している。ただし,L 0 > 0 である。このとき,うなりの振動数は f h であった。L 0 を f h ,f 1 ,T ,V のうち必要なものを用いて表せ。
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図3—3
図3—4
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次に,図3—5のように反射板が音源に向かって一定の速さ v r で近づく場合を考える。ただし,時刻 t = 0 での反射板の位置を x = L 0 とし,v r < L 0 4 T とする。
(2) 振動数が図3—3(A)のように時間変化する音波を音源から発生させる。時刻 t = 0 に音源で発生した音波は,ある位置 x = L A で反射板により反射され,時刻 t = t A 0 に原点Oに到達した。時刻 t = t A 0 に観測されるうなりの振動数を f 1 ,T ,v r ,V ,L A のうち必要なものを用いて表せ。
(3) 振動数が図3—3(B)のように時間変化する音波を音源から発生させる。時刻 t = t s に音源で発生した音波は,ある位置 x = L B で反射板により反射され,時刻 t = t B に原点Oに到達した。ただし,0 < t s < T 2 とする。時刻 t = t B に観測されるうなりの振動数を f 1 ,t s ,T ,v r ,V ,L B のうち必要なものを用いて表せ。
(4) 振動数が図3—3(A)と図3—3(B)のように時間変化する音波を音源から同時に発生させる。振動数が図3—3(A)のように時間変化する音波とその反射波によるうなりの振動数を f h A ,振動数が図3—3(B)のように時間変化する音波とその反射波によるうなりの振動数を f h B とする。うなりの振動数の差 Δ f h = | f h A − f h B | を f 1 ,T ,v r ,V のうち必要なものを用いて表せ。
(5) 設問Ⅱ(4)における Δ f h の測定により v r を求めることができる。Δ f h = 5.0 × 10 2 H z ,f 1 = 3.0 × 10 4 H z ,T = 0.60 s ,V = 3.4 × 10 2 m / s として,v r を有効数字2桁で求めよ。
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図3—5
第1問 ベルトコンベアの上の物体とばね 出題の意図(東大) 【摩擦のある系における物体の運動】力学における保存則などの基本法則の理解を問いました。摩擦力、重力、バネによる力が働く系における物体の運動を状況に応じて正しく理解する論理的な思考力を求めています。ベルトコンベアという身の回りのものを題材にすることで、物理を身近に感じてもらうことも意図しています。
答えは東大の正解ではなく、自分で解いて、式とは別の計算で確かめたもの。
問題の読み方 斜めに置いたベルトコンベアの上で、物体をすべらせる問題。座標 x は床に対して止まっていて、斜面の上向きが正。物体にはたらく斜面方向の力は、重力の斜面成分 m g sin θ (下向き)と、ベルトからの摩擦力だけ。
カギは摩擦力の向き 。動摩擦力は「ベルトに対して物体がすべる向き」と逆向きにはたらく。ベルトが止まっているか動いているかで、同じ「下にすべる物体」でも摩擦の向きが変わる。そして、物体がベルトと同じ速さになった瞬間、動摩擦から静止摩擦に切りかわり、運動の種類が変わる。
Ⅲでは2つの物体をばねでつなぐ。重心の運動 と重心から見た運動(単振動) に分けて考えるのが筋。途中で A がベルトに張りつくと、振動のしかたが変わる。
Ⅰ(1) 上っているあいだ、物体はベルトに対して上向きにすべるので、動摩擦力 μ ′ m g cos θ 1 は下向き。重力の斜面成分も下向きなので、減速の大きさは
a 1 = g ( sin θ 1 + μ ′ cos θ 1 )
一定の加速度で減速して止まるまでの距離は、v 0 2 = 2 a 1 x から求まる。
Ⅰ(2) 一番上で止まったあと、物体は下向きにすべり出す(問題文の「再び x = 0 に戻った」は、静止摩擦で止まったままにならない条件 tan θ 1 > μ を言っている)。こんどはすべる向きが下なので、動摩擦力は上向き に変わる。加速度の大きさは
a 2 = g ( sin θ 1 − μ ′ cos θ 1 )
同じ距離 x を、上りは a 1 で減速し、下りは a 2 で加速するので、戻ったときの速さを v とすると v 2 = 2 a 2 x 、v 0 2 = 2 a 1 x 。比をとると
v 2 v 0 2 = a 2 a 1
下向きに動いているので、速度は負。摩擦で力学的エネルギーが減った分だけ、戻る速さは v 0 より小さい。
答え − v 0 sin θ 1 − μ ′ cos θ 1 sin θ 1 + μ ′ cos θ 1
Ⅱ(1) ベルトは上向きに V で動いている。速さ 0 で置いた物体から見ると、ベルトは上へ動いていく、つまり物体はベルトに対して下向きにすべっている。だから動摩擦力は上向き 。物体が斜面を上り始めたことから、摩擦のほうが重力の斜面成分より大きい(μ ′ cos θ 2 > sin θ 2 )。加速度は
a = g ( μ ′ cos θ 2 − sin θ 2 )
速度が V に達すると、物体とベルトのずれがなくなり、摩擦は静止摩擦に切りかわる。それ以後は、ベルトに乗ったまま一定の速さ V で運ばれる(静止摩擦で m g sin θ 2 を支えられる)。v = V になる時刻 t = V a が、式の切りかわる時刻。
答え v = g ( μ ′ cos θ 2 − sin θ 2 ) t ( t ≤ V g ( μ ′ cos θ 2 − sin θ 2 ) ) , v = V (それ以後)
Ⅱ(2) 下向きに − v 0 で打ち出しても、ベルトは上向きに動いているので、物体はベルトに対していつも下向きにすべっている。v が V に届くまでは、この状態がつづく。だから動摩擦力は、下りのあいだも、折り返して上るあいだも、ずっと上向きで、加速度は Ⅱ(1) と同じ一定値 a 。
一定の加速度の運動なので、行きと帰りは時間を逆にしたのと同じ形になり、同じ位置 x = 0 にもどるときは、同じ速さで逆向き。条件 v 0 < V があるので、もどってくるまでにベルトの速さ V に届かない。
Ⅰ(ベルトが止まっている)では、下りと上りで摩擦の向きが逆になって速さが減ったが、ここでは摩擦の向きが変わらないので、速さが減らない。動くベルトの摩擦が、行きではブレーキ、帰りではアクセルとして同じだけはたらいている。
Ⅲ(1) 2つの物体は床に対して止まっている。B には摩擦がないので、B にはたらく斜面方向の力は、重力の成分 m g sin θ 3 (下向き)と、ばねの力 k d 0 だけ。A は B より上にあり、ばねは伸びているので、ばねは B を上向きに引く。つり合いは
k d 0 = m g sin θ 3
Ⅲ(2) A は床に対して止まっているが、ベルトは上向きに動いているので、A はベルトに対して下向きにすべっている。だから A には動摩擦力 μ ′ m g cos θ 3 が上向きにはたらく。
A にはたらく下向きの力は、重力の成分 m g sin θ 3 と、ばねが B のほうへ引く力 k d 0 = m g sin θ 3 。つり合いは
μ ′ m g cos θ 3 = 2 m g sin θ 3
Ⅲ(3) A と B をひとまとめにして、重心の運動を考える。ばねの力は2つのあいだの内力なので、重心の運動には効かない。外から斜面方向にはたらく力は、重力の成分 2 m g sin θ 3 (下向き)と、A の動摩擦力 μ ′ m g cos θ 3 (上向き)。
0 < t < t 1 では A はまだベルトより遅いので、A の動摩擦力は上向きのまま。Ⅲ(2) の結果から、これは 2 m g sin θ 3 とちょうど打ち消し合う。外からの力の合計が 0 なので、重心の速度は一定。
はじめの速度は v A = 0 、v B = V なので、v G = 0 + V 2 のままずっと変わらない。
Ⅲ(4) 重心 G は一定の速度で動くので、G といっしょに動いて見ても慣性力ははたらかない。G から見ると、A と B は反対向きに同じだけ動く。
G から A・B までの距離がそれぞれ d 縮むと、ばねの長さは 2 d 縮み、力は 2 k d 変わる(問題文のヒント)。つまり、それぞれの物体は「ばね定数 2 k のばね」につながれているのと同じで、角振動数は
ω = 2 k m
t = 0 では、ばねの伸びは d 0 でつり合いの位置(Ⅲ(1)(2) のつり合いと同じ)。そこで B は G に対して V − V 2 = V 2 の速さを持っているので、G から見た B の速度は V 2 cos ω t 。これに G の速度 V 2 を足すと v B になる。
A は反対向きに動くので、v A = V 2 ( 1 − cos ω t ) 。これがはじめて V になるのは cos ω t = − 1 、つまり半周期たったとき。単振動(重心から見たゆれ)と等速運動(重心の動き)が重なっているのがポイント。
答え v B = V 2 ( 1 + cos 2 k m t ) , t 1 = π m 2 k
Ⅲ(5) t 1 以後、A はベルトに張りついて速さ V で動く。A を止まった壁のように考えてよく(A は一定の速さなので、A から見ても慣性力は無い)、こんどは B だけが、ばね定数 k のばねで A につながれて振動する。角振動数は
ω ′ = k m
で、Ⅲ(4) より遅くなる(2倍かたいばね → ふつうのばね)。
t = t 1 では、ばねの伸びはふたたび d 0 (半周期でもとの位置)で、B はつり合いの位置にいる。そのとき v B = V 2 ( 1 + cos π ) = 0 なので、A から見た B の速度は − V 。A から見た B の速度は − V cos ω ′ ( t − t 1 ) となり、これに A の速度 V を足すと答えになる。
Ⅲ(6) A がベルトに対して止まっているあいだ、A には静止摩擦力 f がはたらき、重力の成分 m g sin θ 3 と、ばねの力とつり合う。止まっていられる条件は f ≤ μ m g cos θ 3 。
ばねの伸びは、B の振動で d 0 を中心に増えたり減ったりする。B の振動の振れ幅は(速さの最大 V )÷(角振動数 ω ′ )で
A B = V m k
一番伸びたとき、ばねが A を下へ引く力は k ( d 0 + A B ) = m g sin θ 3 + V m k 。このとき必要な静止摩擦力が一番大きく
f max = 2 m g sin θ 3 + V m k
一番縮んだときは f = 2 m g sin θ 3 − V m k で、ベルトが速いと負(摩擦が坂の下向き)になることもあるが、その大きさは一番伸びたときの f max より小さいので、条件を決めるのは伸びた側。f max が μ m g cos θ 3 以下になる条件を μ について整理すると答えになる。ベルトが速いほど B が大きくゆれて、A を強く引くので、大きな静止摩擦係数が要る。
第2問 電気を閉じこめた板(エレクトレット)で発電する 出題の意図(東大) 【コンデンサー電極に働く力とエネルギー】振動発電でのエネルギー変換はコンデンサーの電極に働くクーロン力や静電エネルギー、電気回路などの知識の組み合わせによって理解することができます。力学的な運動をする電極を含むコンデンサーという系全体を把握し、エネルギーの変化を分析する力を問うています。
答えは東大の正解ではなく、自分で解いて、式とは別の計算で確かめたもの。
問題の読み方 下から順に、下電極(はじめ + Q )、誘電体(厚さ 2 d 、まん中に − Q の板が埋めこまれている)、その上にばねでつるした上電極がならぶ。上電極と下電極は、抵抗とスイッチでつながっている。上電極を上げ下げしながらスイッチを開け閉めすると、電気が行き来して抵抗が熱くなる。振動のエネルギーを電気に変える「振動発電」のモデル。
使う考え方は、ガウスの法則 (広い板なら、電場はその面より下にある電荷の合計で決まる:真空中 E = q ε 0 L 2 、誘電体中 E = q ε L 2 )と、電位 = 電場 × 距離 の足し合わせ 。上電極にはたらく電気の力は「自分以外の電荷が作る電場 × 自分の電荷」で、板が広いので高さによらず一定になる。
もう1つの見どころは、上電極の電位が、上電極の電荷の1次式で(まっすぐに)変わる こと(エレクトレットの電荷による一定の分があるので「比例」ではないが、電位の変化分は電荷の変化分に比例する)。このおかげで、スイッチを閉じたときの熱が「電荷と電位のグラフの三角形の面積」で求まる。
Ⅰ(1) 上電極は電荷を持っていない。下電極(+ Q )とまん中の板(− Q )のあいだの誘電体の中では、下にある電荷の合計が + Q なので、電場は上向きで大きさ
E = Q ε L 2
まん中の板より上では、下にある電荷の合計が Q − Q = 0 なので電場は 0。
電位は、電場の向きに進むと下がる。下電極(0)から上向きに d 進むとまん中の板なので、電位は E d だけ下がる。
Ⅰ(2) スイッチを閉じると、上電極と下電極は導線でつながって同じ電位になる。上電極の電荷を q とすると、下電極は Q − q (2つの合計は Q のまま)。
下から順に電場を求める。下電極とまん中の板のあいだは、下の電荷 Q − q で上向き Q − q ε L 2 。まん中の板と誘電体の上面のあいだは、下の電荷の合計 ( Q − q ) − Q = − q で、下向き q ε L 2 。上電極は誘電体の上面にぴったりついているので、すきまは無い。
上電極の電位は、下電極から d のあいだ下がり、次の d のあいだ上がる:
− ( Q − q ) d ε L 2 + q d ε L 2 = 0
Ⅰ(3) スイッチを開いたので、上電極の電荷は Q 2 のまま。上電極より下にある電荷の合計は Q 2 − Q = − Q 2 なので、上電極のすぐ下(すきま)の電場は下向きに Q 2 ε 0 L 2 、すぐ上は(全部の電荷の合計が 0 なので)0。広い板にはたらく力は「板の両側の電場の平均 × 板の電荷」なので、上電極にはたらく力は
F e = Q 2 × Q 4 ε 0 L 2 = Q 2 8 ε 0 L 2 ( 下向き )
電気の力が無いときは z = h 0 でつり合っていた。下向きの一定の力 F e が加わると、ばねがさらに F e k だけ伸びたところで、ふたたびつり合う。その位置が、手をはなしても止まったままでいられる高さ。
Ⅰ(4) Ⅰ(2) と同じく下から電位をたどる。下電極の電荷は Q 2 、上電極も Q 2 。誘電体の中では、下の d で Q d 2 ε L 2 下がり、上の d で同じだけ上がるので、誘電体の上面はいつも電位 0 。
すきま(真空、厚さ z )では、下にある電荷の合計 − Q 2 による下向きの電場 Q 2 ε 0 L 2 があるので、上向きに進むと電位は上がる:
ϕ = Q 2 ε 0 L 2 z
Ⅱ(1) (ア) で z = 0 に置いてスイッチを閉じると、Ⅰ(2) と同じく上電極の電荷は Q 2 。スイッチを開いて手をはなすと、上電極には、ばね・重力・下向きの一定の電気の力 F e がはたらく。
これはⅠ(3) で求めたつり合いの位置 z e を中心にした単振動になる。z = 0 で速さ 0 から動き出すので、z = 0 が一番下、つり合いの位置をはさんで反対側の 2 z e が一番上:
h 1 = 2 z e
Ⅱ(2) 上電極の電荷を q としたとき、上電極の電位(高さ h 1 )は、Ⅰ(2) と同じように下からたどると
ϕ ( q ) = 1 L 2 { − Q d ε + q ( 2 d ε + h 1 ε 0 ) }
で、q の1次式としてまっすぐに 変わる(一定の分 − Q d ε L 2 があるので比例ではないが、電位の変化分は q の変化分に比例する)。スイッチを閉じると、電荷は電位が 0 になるまで移る。それが q = Q 10 。
抵抗の熱は、電荷が電位の差を下って移るときに失うエネルギー。電位が電荷の変化にまっすぐ比例して 0 まで下がっていくので、熱は「電荷と電位のグラフの三角形の面積」になる:
熱 = 1 2 × ( Q 2 − Q 10 ) × ϕ ( Q 2 )
ϕ ( Q 2 ) は Ⅰ(4) と同じ形で Q h 1 2 ε 0 L 2 (誘電体の上面が 0 V なので、すきまの分だけ)。これで h 0 や k を使わず、h 1 だけで表せる。
なお「Q 10 になった」という条件は、ϕ ( Q 10 ) = 0 から ε h 1 = 8 ε 0 d という寸法の関係を言っていることになる。この関係は Ⅱ(4) で使う。
Ⅱ(3) 上電極の電荷は Q 10 。Ⅰ(3) と同じ考え方で(すぐ下の電場 Q 10 ε 0 L 2 、すぐ上は 0 の平均)、電気の力は下向きに
F e ′ = Q 10 × Q / 10 2 ε 0 L 2 = Q 2 200 ε 0 L 2
おもり(質量 M )をのせて h 1 から z = 0 まで、止まった状態から止まった状態へ下がる。ここで (イ)→(ウ) を思い出すと、z = 0 から h 1 まで止まった状態から止まった状態へ上がったとき、ばねと上電極の重力がした仕事は、電気の力 F e の仕事 − F e h 1 とちょうど打ち消し合っていた。同じ区間を逆にたどるので、下がるときにばねと上電極の重力がする仕事は − F e h 1 。
これをおもりの重力と電気の力 F e ′ の仕事で打ち消すので
( M g + F e ′ ) h 1 = F e h 1
F e = Q 2 8 ε 0 L 2 と F e ′ を入れて M について解くと答えになる。
Ⅱ(4) 1周の熱は、(エ) の熱と (キ) の熱の合計。(キ) では、上電極は z = 0 にあり、電荷が Q 10 から Q 2 にもどる。z = 0 での上電極の電位は、Ⅱ(2) の式ですきまを 0 にしたもので、電荷 Q 10 のとき
ϕ = − 4 Q d 5 ε L 2
これも電荷の変化にまっすぐ比例して 0 まで変わるので、熱は三角形の面積 1 2 × 2 Q 5 × 4 Q d 5 ε L 2 。Ⅱ(2) の関係 d ε = h 1 8 ε 0 で h 1 に直す。
(エ) の熱と足すと答えになる。これは Ⅱ(3) のおもりが h 1 下がった分の位置エネルギー M g h 1 とちょうど等しい。ばねと上電極は1周でもとにもどるので、おもりが落ちた分がそのまま熱になった、というエネルギーの保存になっている。
上がるときは電荷 Q 2 で強く引かれ、下がるときは Q 10 で弱く引かれる。この差がエンジンの p–V 図と同じように、1周ごとにエネルギーを取り出すしくみになっている。
第3問 動く音源・反射板・うなりで距離と速さを測る 出題の意図(東大) 【音波のドップラー効果とうなり】ドップラー効果とうなり現象を題材に、音波の伝搬・波の位相や重ね合わせについての基本的理解と、これらを適切に組み合わせて問題を整理し、論理的に思考する力を問うています。振動数が一定割合で時間変化する音波を用いて近接した物体の位置や速度を計測する仕組みを学ぶことで、物理現象と科学技術との関わりに目を向けてもらいたいとも考えています。
答えは東大の正解ではなく、自分で解いて、式とは別の計算で確かめたもの。
問題の読み方 音のドップラー効果(音源や観測者が動くと、聞こえる音の高さが変わる)と、うなり(振動数が少しちがう2つの音が重なると、音の大きさが周期的に変わる。1秒あたりの回数は2つの振動数の差)の問題。
Ⅰは、動く音源が出す音を、止まった反射板ではね返す。「直接の音」と「はね返った音」の振動数の差がうなりになる。音源の前(進む向き)では波がつまって高く、後ろでは波がまばらで低い。
Ⅱは、止まった音源が、振動数がだんだん下がる音(A)や上がる音(B)を出す。はね返った音は「少し前に出した音」なので、直接の音と振動数がずれ、そのずれが距離に比例する。さらに反射板が動いていると、ドップラー効果の分が加わる。A と B を組み合わせると、距離の分が消えて速さだけが取り出せる(車の速度レーダーと同じ考え方)。
Ⅰ(1) 時刻 0 に原点で出た音は、時刻 t 1 = L V に点 P に着く。そのあいだに音源は v s t 1 だけ進んでいる。
時刻 t 1 に、音源の位置 x = v s t 1 で出た音は、残りの距離 L − v s t 1 を速さ V で進むので、P に着く時刻は
t 1 + L − v s t 1 V
Ⅰ(2) 位相が 2 π 変わる時間は、P で聞こえる音の周期。音源は1周期 1 f 0 ごとに波の山を出すが、そのあいだに音源は v s f 0 だけ前に進むので、前方の波の山と山の間隔(波長)は
λ = V − v s f 0
につまる。この波が速さ V で P を通りすぎるので、周期は λ V 。
Ⅰ(1) の答えとくらべてもよい。時刻 0 と t 1 に出た音が P に着く時間の間隔は ( V − v s ) L V 2 で、そのあいだに出た波の数 f 0 t 1 = f 0 L V で割ると同じ結果になる。
Ⅰ(3) 観測者は音源といっしょに動くので、音源から直接届く音は、ずっと音源のすぐそばで聞く音で、振動数は f 0 のまま。
反射板で聞こえる音は、近づく音源の音なので f 0 V V − v s 。反射板は止まっているので、この振動数のままはね返る。それを、反射板に近づいていく観測者が聞くと、さらに高くなって
f = f 0 V V − v s × V + v s V = f 0 V + v s V − v s
うなりの振動数は、f と f 0 の差。音源が速いほど、うなりは速さの2倍より多い割合でふえる(分母の V − v s が小さくなるため)。
Ⅰ(4) Q で止まって聞く。はね返った音は、止まった反射板から来るので、反射板で聞こえる音と同じ f 0 V V − v s (音源はずっと反射板に近づいているので、この値は変わらない)。
直接の音は、音源が Q より左(近づいてくる)あいだは f 0 V V − v s で、はね返った音と同じ高さ 。だからうならない。音源が Q を通りすぎると、遠ざかる音源の音 f 0 V V + v s に変わり、2つの高さがずれてうなりが始まる。音源が Q を通る瞬間の音は、そのまま Q で聞こえるので、うなりが始まる時刻は音源が Q を通る時刻(ただし書きで、はね返った音はもう Q に届いている)。
f 0 V V − v s − f 0 V V + v s
答え 時刻 L 2 v s , 振動数 2 V v s V 2 − v s 2 f 0
Ⅱ(1) 反射板が止まっているとき、音が行って帰る時間は τ = 2 L 0 V 。はね返って聞こえる音は、τ だけ前に出した音。
A の音は、振動数が1秒あたり f 1 T の割合で下がっていく。だから τ 前に出した音は、いま出している音より f 1 T τ だけ高い。これがうなりの振動数:
f h = f 1 T · 2 L 0 V
これを L 0 について解くと答えになる。うなりの振動数が距離に比例するので、うなりを数えれば距離が測れる。
Ⅱ(2) 時刻 0 に出た音(振動数 2 f 1 )は、L A で反射して、時刻 t A 0 = 2 L A V に原点にもどる。
はね返った音の振動数:反射板は音源に近づいているので、反射板が聞く音は 2 f 1 V + v r V (近づく観測者)、それを近づく音源として出すので、原点で聞く振動数は
2 f 1 V + v r V · V V − v r = 2 f 1 V + v r V − v r
直接の音:時刻 t A 0 の音源の振動数は ( 2 − t A 0 T ) f 1 = 2 f 1 − 2 L A V T f 1 。
うなりは2つの差。はね返った音のほうが高く、差は「ドップラー効果の分 2 f 1 2 v r V − v r 」と「振動数が下がっていく分 2 L A V T f 1 」の和になる。
Ⅱ(3) Ⅱ(2) と同じ考え方。時刻 t s に出た音の振動数は ( 1 + t s T ) f 1 、はね返って原点で聞くと、ドップラー効果で V + v r V − v r 倍になる。
直接の音:時刻 t B = t s + 2 L B V の音源の振動数は ( 1 + t s T + 2 L B V T ) f 1 。
B は振動数が上がっていく音なので、こんどは「振動数が変わる分」は直接の音のほうを高くし、「ドップラー効果の分」ははね返った音のほうを高くする。2つが逆向きに効くので、うなりは差:
2 L B V T f 1 − ( 1 + t s T ) f 1 2 v r V − v r
条件 v r < L 0 4 T があるので、距離の分のほうが大きく、この値は正になる。
答え { 2 L B V T − 2 v r V − v r ( 1 + t s T ) } f 1
Ⅱ(4) A と B を同時に出すと、同じ時刻に聞くはね返りの音は、同じ時刻に出て、同じ位置で反射した音。だから「行って帰る時間」の分(距離の分)は A と B で同じ大きさ 2 L V T f 1 になる。
ある時刻 t e に出た音で考えると、A のうなりは「距離の分」+「( 2 − t e T ) f 1 2 v r V − v r 」、B のうなりは「距離の分」−「( 1 + t e T ) f 1 2 v r V − v r 」。差をとると距離の分が消え、t e の入った部分も消えて
Δ f h = { ( 2 − t e T ) + ( 1 + t e T ) } f 1 2 v r V − v r
うなりの差は、距離にも時刻にもよらず、反射板の速さだけで決まる。
Ⅱ(5) Ⅱ(4) の式 Δ f h ( V − v r ) = 6 v r f 1 を v r について解くと
v r = V Δ f h 6 f 1 + Δ f h
v r = 3.4 × 10 2 × 5.0 × 10 2 6 × 3.0 × 10 4 + 5.0 × 10 2 = 1.70 × 10 5 1.805 × 10 5
T は使わない。Δ f h は距離によらないので、反射板がどこにいても同じ速さが読み取れる。
答え v r = V Δ f h 6 f 1 + Δ f h ≈ 0.94 m / s